使用jquery和ajax更新sql时出现问题

nom7f22z  于 2021-06-19  发布在  Mysql
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我对这个应用程序有一个特殊的问题。它并不总是更新列,也没有关于何时更新和何时不更新的规则。似乎完全是随机的,不能让我回到admin.php页面。
此外,当它确实更改/更新数据库中的条目时,它不会向ajax发送响应(alert('ok'))。代码如下:

--this is admin.php
<div class="update" style="display:none">
	<form method="post" action="adminFunctions.php">
		<div class="input-group">
			<label>new name</label>
			<input class='newNameInput' type="text" name="newName" >
		</div>
		<div class="input-group">
			<label>new last name</label>
			<input class='newLastNameInput' type="text" name="newLastName">
		</div>
		<div class="input-group">
			<button type="submit" class="btn changePerson" name="changePerson">change</button>
		</div>
	</form>
</div>

那么jquery:

$(document).ready(function(){

    var changeId;
    $('.changeMe').click(function () {
      var el = this;
      var id = this.id;
      var splitid = id.split("_");
      changeId = splitid[1];
      $('.update').css('display', 'block');
    });

    $('.changePerson').click(function () {
          var newNameFor = $('.newNameInput').val();
          var newLastNameFor = $('.newLastNameInput').val();
          $.ajax({
            url: './adminFunctions.php',
            type: 'POST',
            data: 'changeSth=' + changeId + '&newName=' + newNameFor + '&newLastName=' + newLastNameFor,
            success: function(response) {
                if(response == 1) {
                  alert('OK');
                } else {
                  console.log('entry update failed');
                }
            }
          })
        });
});

--和adminfunctions.php

if(isset($_POST['changeSth'])) {
    $id = $_POST['changeSth'];
    $newName = $_POST['newName'];
    $newLastName = $_POST['newLastName'];

    changeEntry($id, $newName, $newLastName);
}
function changeEntry ($id, $newName, $newLastName) {
    global $testConn;
    if($id) {
        $query = "UPDATE people SET firstName='$newName', lastName='$newLastName' WHERE id=$id";
        mysqli_query($testConn, $query);
        header('location: admin.php');
        echo 1;
    } else {
        echo 0;
    }
    header('location: admin.php');
}

我是php新手,所以请原谅我的代码缺乏优雅。
提前谢谢!

ss2ws0br

ss2ws0br1#

我为你做了小提琴样品。我做了正确的ui示例,您需要在服务器端对其进行调整。关键的变化是您需要传递数据,而不是通过post传递ajax中的url。

$('.changePerson').click(function () {
      var newNameFor = $('.newNameInput').val();
      var newLastNameFor = $('.newLastNameInput').val();
        var idFor = $('input[type="hidden"]').val();

      var data = {changeSth: idFor, newName: newNameFor, newLastName: newLastNameFor};
      $.ajax({
        url: './adminFunctions.php',
        type: 'POST',
        data: data,
        success: function(response) {
            if(response == 1) {
              alert('OK');
            } else {
              console.error('entry update failed');
            }
        }
      })
    });

编辑:
首先要强调的是type='submit'是为输入设计的,也不是为按钮标签设计的
第二件事是,数据应该通过post方法或url字符串进行传输。从表单html获取数据的方法很少。您可以将我的示例中的方法用于id/类,或者序列化整个表单并传递它(thx@哈利)

nr9pn0ug

nr9pn0ug2#

您正在发出ajax请求,不需要服务器端重定向。如果你真的想这样做,你必须从js端重定向它。请删除 header('location: admin.php'); 从你的php代码。

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