如何格式化数据以发送像jquery请求一样格式化的香草xhr

iovurdzv 于 2021-09-23 发布在 Java

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我有一个post XHEREQUEST，它在jquery中可以正常工作，但在vanilla js中不能。
因为我正在尝试学习js的所有内部工作，所以我希望使用尽可能多的普通代码。我知道FetchAPI，但我对这一切都是新手，我真的想更好地理解。因此，这是我目前面临的问题（一个多星期以来）：
我有这样的代码，它可以工作：

let packg = {
        schema: 'string',
        table: 'anotherString'
    };

    const packgJSON = JSON.stringify(packg);

    $.ajax({
        type: 'POST',
        url: 'php/get_data.php',
        data: {'content': packgJSON}
    });

这是firefox开发者工具的结果，它与我的php文件完美配合：

当我尝试编写vanilla js时，如下所示：

const xhr = new XMLHttpRequest();

    xhr.open('POST', 'php/get_data.php', true);
    xhr.setRequestHeader('Content-Type', 'application/x-www-form-urlencoded; charset=UTF-8');

    let packg = {
        schema: 'string',
        table: 'anotherString'
    };

    const packgJSON = JSON.stringify(packg);

    xhr.send({'content': packgJSON});

这是我得到的结果：

我不明白我该如何格式化文件 .send() 内容，以便像jquery请求一样格式化。我尝试了在mdn、w3schools中找到的其他选项，您可能不需要jquery等，但请求与jquery不同。我显然没有理解js对象和字符串的基本概念，但我完全不理解我应该做什么。

jquery JavaScript xmlhttprequest

来源：https://stackoverflow.com/questions/68320146/how-to-format-data-to-send-vanilla-xhr-formated-like-jquery-request

2条答案

按热度按时间

dm7nw8vv1#

在vanilla js中，您的请求将如下所示

var http = new XMLHttpRequest();
var url = '/api/endpoint';
var params = 'orem=ipsum&name=binny' // Or your json;
http.open('POST', url, true);

//Send the proper header information along with the request
http.setRequestHeader('Content-type', 'application/x-www-form-urlencoded');

http.onreadystatechange = function() {//Call a function when the state changes.
    if(http.readyState == 4 && http.status == 200) {
        alert(http.responseText);
    }
}
http.send(params);

首先，创建一个新的xmlhttprequest，打开请求并提供方法和url

http.open('POST', url, true);

第三个参数是使请求像mdn文档中提到的那样异步
可选的布尔参数，默认为true，指示是否异步执行操作。如果此值为false，则在收到响应之前，send（）方法不会返回。如果为true，则使用事件侦听器提供已完成事务的通知。如果multipart属性为true，则必须为true，否则将引发异常。
然后将请求与正文一起作为参数发送
http.send（params）；
您可以使用这些事件侦听器侦听请求中的更改和响应

http.onreadystatechange = function() {//Call a function when the state changes.
    if(http.readyState == 4 && http.status == 200) {
        alert(http.responseText);
    }
}

赞(0）回复(0）举报 2021-09-23

a11xaf1n2#

XMLHttpRequest.send 不像jquery ajax那样将普通对象作为参数。
但是，您可以使用该对象创建 URLSearchParams 对象并将其传递给发送

const xhr = new XMLHttpRequest();

xhr.open('POST', 'php/get_data.php', true);
xhr.setRequestHeader('Content-Type', 'application/x-www-form-urlencoded; charset=UTF-8');

let packg = {
    schema: 'string',
    table: 'anotherString'
};

const packgJSON = JSON.stringify(packg);
var data = new URLSearchParams({'content': packgJSON})
xhr.send(data);

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