你的代码中有{file}，我假设它只是一个实际文件名的字符串。我当然希望你不要看.format()，然后eval()这个代码？这将是一个非常糟糕和不安全的运行代码的方式。
只需返回字典vals本身，并根据需要访问它：

import os
import yaml

def load_config(fn):
    with open(os.path.join(os.getcwd(), fn), 'r') as reader:
        # only returning the value, so doing it in one step:
        return yaml.full_load(reader)

cfg = load_config('test.yaml')
print(cfg)
print(cfg['test2'])

输出：

{'test': [12, 13, 14, {'stuff': 'john'}], 'test2': 'yo'}
yo

你应该 * 绝对**决不 * 仅仅用外部文件的内容更新globals()。globals()只用于非常特殊的用例。
获得所需的确切输出只是格式化字典内容的问题：

import os
import yaml

def load_config(fn):
    with open(os.path.join(os.getcwd(), fn), 'r') as reader:
        return yaml.full_load(reader)

def print_config(d):
    for k, v in d.items():
        print(f'{k}\n---------------\n{v}\n')

cfg = load_config('test.yaml')
print_config(cfg)

它给出了您描述的输出。
请注意，这在技术上是多余的：

os.path.join(os.getcwd(), fn)

默认情况下，文件操作在当前工作目录上执行，因此您可以使用以下命令实现相同的效果：

def load_config(fn):
    with open(fn, 'r') as reader:
        return yaml.full_load(reader)

如果您希望打开脚本所在 * 文件夹中的文件 *，请考虑以下做法：

def load_config(fn):
    with open(os.path.join(os.path.dirname(__file__), fn), 'r') as reader:
        return yaml.full_load(reader)