pub fn sort_by_key<K, F>(&mut self, mut f: F) where F: FnMut(&T) -> K, K: Ord, { merge_sort(self, |a, b| f(a).lt(&f(b))); }
这里FnMut取一个不可变的引用&T，它是什么意思？FnMut不是应该接受一个可变的引用&mut T吗？
FnMut
&T
&mut T
ldfqzlk81#
不，FnMut意味着这个函数 * 可能 * 使用一个对捕获变量的可变引用。
let mut x = 5; { let mut square_x = || x *= x; square_x(); } assert_eq!(x, 25);
这个函数没有参数，当然也没有不可变的参数，但它被认为是FnMut，因为它捕获了对x的可变引用，并对. it进行了变异。请注意，Fn是FnMut的子类型。因此，任何接受FnMut的函数也可以被传递一个不改变状态的函数。在这种情况下，|a, b| f(a).lt(&f(b))只是一个Fn，它可以被多次调用，并且不改变任何状态。但是，任何Fn也是有效的FnMut，任何FnMut或Fn也是有效的FnOnce。这并不意味着Fn可以将可变引用作为参数，因此这是有效的：
x
Fn
|a, b| f(a).lt(&f(b))
FnOnce
let b:Box<dyn Fn(&mut u8)->()> = Box::new(|a|*a+=1);
这个函数使用了一个可变的引用，但是它是一个Fn而不是FnMut，因为它没有捕获任何变量。See also this question for a lot more details
1条答案
按热度按时间ldfqzlk81#
不，
FnMut意味着这个函数 * 可能 * 使用一个对捕获变量的可变引用。这个函数没有参数，当然也没有不可变的参数，但它被认为是
FnMut，因为它捕获了对x的可变引用，并对. it进行了变异。请注意，
Fn是FnMut的子类型。因此，任何接受FnMut的函数也可以被传递一个不改变状态的函数。在这种情况下，|a, b| f(a).lt(&f(b))只是一个Fn，它可以被多次调用，并且不改变任何状态。但是，任何Fn也是有效的FnMut，任何FnMut或Fn也是有效的FnOnce。这并不意味着
Fn可以将可变引用作为参数，因此这是有效的：这个函数使用了一个可变的引用，但是它是一个
Fn而不是FnMut，因为它没有捕获任何变量。See also this question for a lot more details